数学的分界因式中有一种方法叫赋值法，请问赋值法是什么意思

染色法
将问题中的对象适当进行染色，有利于我们观察、分析对象之间的关系。像国际象棋的棋盘那样，我们可以把被研究的对象染上不同的颜色，许多隐藏的关系会变得明朗，再通过对染色图形的处理达到对原问题的解决，这种解题方法称为染色法。常见的染色方式有：点染色、线段染色、小方格染色和对区域染色。
例1 用15个“T”字形纸片和1个“田”字形纸片（如下图所示），能否覆盖一个8×8的棋盘？

解：如下图，将 8×8的棋盘染成黑白相间的形状。如果15个“T”字形纸片和1个“田”字形纸片能够覆盖一个8×8的棋盘，那么它们覆盖住的白格数和黑格数都应该是32个，但是每个“T”字形纸片只能覆盖1个或3个白格，而1和3都是奇数，因此15个“T”字形纸片覆盖的白格数是一个奇数；又每个“田”字形纸片一定覆盖2个白格，从而15个“T”字形纸片与1个“田”字形纸片所覆盖的白格数是奇数，这与32是偶数矛盾，因此，用它们不能覆盖整个棋盘。

例2 如左下图，把正方体分割成27个相等的小正方体，在中心的那个小正方体中有一只甲虫，甲虫能从每个小正方体走到与这个正方体相邻的6个小正方体中的任何一个中去。如果要求甲虫只能走到每个小正方体一次，那么甲虫能走遍所有的正方体吗？

解：甲虫不能走遍所有的正方体。我们如右上图将正方体分割成27个小正方体，涂上黑白相间的两种颜色，使得中心的小正方体染成白色，再使两个相邻的小正方体染上不同的颜色。显然，在27个小正方体中，14个是黑的，13个是白的。甲虫从中间的白色小正方体出发，每走一步，方格就改变一种颜色。故它走27步，应该经过14个白色的小正方体、13个黑色的小正方体。因此在27步中至少有一个小正方体，甲虫进去过两次。由此可见，如果要求甲虫到每一个小正方体只去一次，那么甲虫不能走遍所有的小正方体。
例3 8×8的国际象棋棋盘能不能被剪成7个2×2的正方形和9个4×1的长方形？如果可以，请给出一种剪法；如果不行，请说明理由。
解：如下图，对8×8的棋盘染色，则每一个4×1的长方形能盖住2白2黑小方格，每一个2×2的正方形能盖住1白3黑或3白1黑小方格。推知7个正方形盖住的黑格总数是一个奇数，但图中的黑格数为32，是一个偶数，故这种剪法是不存在的。

例4 在平面上有一个27×27的方格棋盘，在棋盘的正中间摆好81枚棋子，它们被摆成一个9×9的正方形。按下面的规则进行游戏：每一枚棋子都可沿水平方向或竖直方向越过相邻的棋子，放进紧挨着这枚棋子的空格中，并把越过的这枚棋子取出来。问：是否存在一种走法，使棋盘上最后恰好剩下一枚棋子？
解：如下图，将整个棋盘的每一格都分别染上红、白、黑三种颜色，这种染色方式将棋盘按颜色分成了三个部分。按照游戏规则，每走一步，有两部分中的棋子数各减少了一个，而第三部分的棋子数增加了一个。这表明每走一步，每个部分的棋子数的奇偶性都要改变。

因为一开始时，81个棋子摆成一个9×9的正方形，显然三个部分的棋子数是相同的，故每走一步，三部分中的棋子数的奇偶性是一致的。
如果在走了若干步以后，棋盘上恰好剩下一枚棋子，则两部分上的棋子数为偶数，而另一部分的棋子数为奇数，这种结局是不可能的，即不存在一种走法，使棋盘上最后恰好剩下一枚棋子。
例5 图1是由数字0，1交替构成的，图2是由图1中任选 减1，如此反复多次形成的。问：图2中的A格上的数字是多少？

解：如左下图所示，将8×8方格黑白交替地染色。

此题允许右上图所示的6个操作，这6个操作无论实行在哪个位置上，白格中的数字之和减去黑格中的数字之和总是常数。所以图1中白格中的数字之和减去黑格中的数字之和，与图2中白格中的数字之和减去黑格中的数字之和相等，都等于32，由（31＋A）-32=32，得出A=33。
例6 有一批商品，每件都是长方体形状，尺寸是1×2×4。现在有一批现成的木箱，内空尺寸是6×6×6。问：能不能用这些商品将木箱填满？
解：我们用染色法来解决这个问题。先将6×6×6的木箱分成216个小正方体，这216个小正方体，可以组成27个棱长为2的正方体。我们将这些棱长为2的正方体按黑白相间涂上颜色（如下图）。

容易计算出，有14个黑色的，有13个白色的。现在将商品放入木箱内，不管怎么放，每件商品要占据8个棱长为1的小正方体的空间，而且其中黑、白色的必须各占据4个。现在白色的小正方体共有8×13=104（个），再配上104个黑色的小正方体，一共可以放26件商品，这时木箱余下的是8个黑色小正方体所占据的空间。这8个黑色的小正方体的体积虽然与一件商品的体积相等，但是容不下这件商品。因此不能用这些商品刚好填满。
例7 6个人参加一个集会，每两个人或者互相认识或者互相不认识。证明：存在两个“三人组”，在每一个“三人组”中的三个人，或者互相认识，或者互相不认识（这两个“三人组”可以有公共成员）。
证明：将每个人用一个点表示，如果两人认识就在相应的两个点之间连一条红色线段，否则就连一条蓝色线段。本题即是要证明在所得的图中存在两个同色的三角形。
设这六个点为A，B，C，D，E，F。我们先证明存在一个同色的三角形：
考虑由A点引出的五条线段AB，AC，AD，AE，AF，其中必然有三条被染成了相同的颜色，不妨设AB，AC，AD同为红色。再考虑△BCD的三边：若其中有一条是红色，则存在一个红色三角形；若这三条都不是红色，则存在一个蓝色三角形。

下面再来证明有两个同色三角形：不妨设△ABC的三条边都是红色的。若△DEF也是三边同为红色的，则显然就有两个同色三角形；若△DEF三边中有一条边为蓝色，设其为DE，再考虑DA，DB，DC三条线段：若其中有两条为红色，则显然有一个红色三角形；若其中有两条是蓝色的，则设其为DA，DB。此时在EA，EB中若有一边为蓝色，则存在一个蓝色三角形；而若两边都是红色，则又存在一个红色三角形。
故不论如何涂色，总可以找到两个同色的三角形。
二、赋值法
将问题中的某些对象用适当的数表示之后，再进行运算、推理、解题的方法叫做赋值法。许多组合问题和非传统的数论问题常用此法求解。常见的赋值方式有：对点赋值、对线段赋值、对区域赋值及对其他对象赋值。
例8 一群旅游者，从A村走到B村，路线如下图所示。怎样走才能在最短时间内到达B村？图中的数字表示走这一段路程需要的时间（单位：分）。

解：我们先把从A村到各村的最短时间标注在各村的旁边，从左到右，一一标注，如下图所示。

由此不难看出，按图中的粗黑线走就能在最短时间（60分钟）内从A村走到B村。
例9 把下图中的圆圈任意涂上红色或蓝色。问：有无可能使得在同一条直线上的红圈数都是奇数？请说明理由。

解：假设题中所设想的染色方案能够实现，那么每条直线上代表各点的数字之和便应都是奇数。一共有五条直线，把这五条直线上代表各点的数字之和的这五个奇数再加起来，得到的总和数仍应是一个奇数。但是，由观察可见，图中每个点都恰好同时位于两条直线上，在求上述总和数时，代表各点的数字都恰被加过两次，所以这个总和应是一个偶数。这就导致矛盾，说明假设不成立，染色方案不能实现。
例10 平面上n（n≥2）个点A1，A2，…，An顺次排在同一条直线上，每点涂上黑白两色中的某一种颜色。已知A1和An涂上的颜色不同。证明：相邻两点间连接的线段中，其两端点不同色的线段的条数必为奇数。
证明：赋予黑点以整数值1，白点以整数值2，点Ai以整数
值为ai，当Ai为黑点时，ai=1，当Ai为白点时，ai=2。再赋予线段AiAi+1以整数值ai+ai+1，则两端同色的线段具有的整数值为2或4，两端异色的线段具有的整数值为3。
所有线段对应的整数值的总和为
（a1＋a2）＋（a2＋a3）＋（a3＋a4）＋…＋（an-1＋an）
＝a1＋an＋2（a2＋a3＋…＋an-1）
＝2＋1＋2（a2＋a3＋…＋an-1）＝奇数。
设具有整数值2，3，4的线段的条数依次为l，m，n，则
2l＋m＋4n=奇数。
由上式推知，m必为奇数，证明完毕。
例11 下面的表1是一个电子显示盘，每一次操作可以使某一行四个字母同时改变，或者使某一列四个字母同时改变。改变的规则是按照英文字母的顺序，每个英文字母变成它的下一个字母（即A变成B，B变成C……Z变成A）。问：能否经过若干次操作，使表1变为表2？如果能，请写出变化过程，如果不能，请说明理由。
S O B R K B D S
T Z F P H E X G
H O C N R T B S
A D V X C F Y A
表1 表2
解：不能。将表中的英文字母分别用它们在字母表中的序号代替（即A用1，B用2……Z用26代替）。这样表1和表2就分别变成了表3和表4。
每一次操作中字母的置换相当于下面的置换：
1→2，2→3，…，25→26，26→1。
19 15 2 18
20 26 6 16
8 15 3 14
1 4 22 24
表3
11 2 4 19
8 5 24 7
18 20 2 19
3 6 25 1
表4
容易看出，每次操作使四个数字改变了奇偶性，而16个数字的和的奇偶性没有改变。因为表3中16个数字的和为213，表4中16个数字的和为174，它们的奇偶性不同，所以表3不能变成表4，即表1不能变成表2。
例12 如图（1）～（6）所示的六种图形拼成右下图，如果图（1）必须放在右下图的中间一列，应如何拼？

解：把右上图黑、白相间染色（见上图）。其中有11个白格和10个黑格，当图形拼成后，图形（2）（4）（5）（6）一定是黑、白各2格，而图形（3）必须有3格是同一种颜色，另一种颜色1格。因为前四种图形，黑、白已各占2×4=8（格），而黑格总共只有10格，所以图形（3）只能是3白1黑。由此知道图（1）一定在中间一列的黑格，而上面的黑格不可能，所以图（1）在中间一列下面的黑格中。
那么其它图形如何拼呢？为了说明方便，给每一格编一个数码（见左下图）。

因为图（3）是3白1黑，所以为使角上不空出一格，它只能放在（1，3，4，5）或（7，12，13，17）或（11，15，16，21）这三个位置上。
若放在（1，3，4，5）位置上，则图（6）只能放在（7，12，13，18）或（15，16，19，20）或（2，7，8，13）这三个位置，但是前两个位置是明显不行的，否则角上会空出一格。若放在（2，7，8，13）上，则图（2）只能放在（12，17，18，19）位置上，此时不能同时放下图（4）和图（5）。
若把图（3）放在（7，12，13，17）位置上，则方格1这一格只能由图（2）或图（6）来占据。如果图（2）放在（1，2，3，4），那么图（6）无论放在何处都要出现孤立空格；如果把图（6）放在（1，4，5，10），那么2，3这两格放哪一图形都不合适。
因此，图形（3）只能放在（11，15，16，21）。其余图的拼法如右上图。
练习12
1.中国象棋盘的任意位置有一只马，它跳了若干步正好回到原来的位置。问：马所跳的步数是奇数还是偶数？
2.右图是某展览大厅的平面图，每相邻两展览室之间都有门相通。今有人想从进口进去，从出口出来，每间展览厅都要走到，既不能重复也不能遗漏，应如何走法？

3.能否用下图中各种形状的纸片（不能剪开）拼成一个边长为99的正方形（图中每个小方格的边长为1）？请说明理由。

4.用15个1×4的长方形和1个2×2的正方形，能否覆盖8×8的棋盘？
5.平面上不共线的五点，每两点连一条线段，并将每条线段染成红色或蓝色。如果在这个图形中没有出现三边同色的三角形，那么这个图形一定可以找到一红一蓝两个“圈”（即封闭回路），每个圈恰好由五条线段组成。
6.将正方形ABCD分割成n2个相等的小正方格，把相对的顶点A，C染成红色，B，D染成蓝色，其他交点任意染成红、蓝两种颜色之一。试说明：恰有三个顶点同色的小方格的数目是偶数。
7.已知△ABC内有n个点，连同A，B，C三点一共（n＋3）个点。以这些点为顶点将△ABC分成若干个互不重叠的小三角形。将A，B，C三点分别染成红色、蓝色和黄色。而三角形内的n个点，每个点任意染成红色、蓝色和黄色三色之一。问：三个顶点颜色都不同的三角形的个数是奇数还是偶数？
8.从10个英文字母A，B，C，D，E，F，G，X，Y，Z中任意选5个字母（字母允许重复）组成一个“词”，将所有可能的“词”按“字典顺序”（即英汉辞典中英语词汇排列的顺序）排列，得到一个“词表”：
AAAAA，AAAAB，…，AAAAZ，
AAABA，AAABB，…，ZZZZY，ZZZZZ。
设位于“词”CYZGB与“词”XEFDA之间（这两个词除外）的“词”的个数是k，试写出“词表”中的第k个“词”。
练习12
1.偶数。
解：把棋盘上各点按黑白色间隔进行染色（图略）。马如从黑点出发，一步只能跳到白点，下一步再从白点跳到黑点，因此，从原始位置起相继经过：白、黑、白、黑……要想回到黑点，必须黑、白成对，即经过偶数步，回到原来的位置。
2.不能。
解：用白、黑相间的方法对方格进行染色（如图）。若满足题设要求的走法存在，必定从白色的展室走到黑色的展室，再从黑色的展室走到白色的展室，如此循环往复。现共有36间展室，从白色展室开始，最后应该是黑色展室。但右图中出口处的展室是白色的，矛盾。由此可以判定符合要求的走法不存在。

3.不能。
解：我们将 99×99的正方形中每个单位正方形方格染上黑色或白色，使每两个相邻的方格颜色不同，由于 99×99为奇数，两种颜色的方格数相差为1。而每一种纸片中，两种颜色的方格数相差数为0或3，如果它们能拼成一个大正方形，那么其中两种颜色之差必为3的倍数。矛盾！
4.不能。
解：如图，给8×8的方格棋盘涂上4种不同的颜色（用数字1，2，3，4表示）。显然标有1，2，3，4的小方格各有16个。每个1×4的长方形恰好盖住标有1，2，3，4的小方格各一个，但一个2×2的正方形只能盖住有三种数字的方格，故无法将每个方格盖住，即不可能有题目要求的覆盖。

5.证：设五点为A，B，C，D，E。考虑从A点引出的四条线段：如果其中有三条是同色的，如AB，AC，AD同为红色，那么△BCD的三边中，若有一条是红色，则有一个三边同为红色的三角形；若三边都不是红色，则存在一个三边同为蓝色的三角形。这与已知条件是矛盾的。

所以，从A点出发的四条线段，有两条是红色的，也有两条是蓝色的。当然，从其余四点引出的四条线段也恰有两条红色、两条蓝色，整个图中恰有五条红色线段和五条蓝色线段。
下面只看红色线段，设从A点出发的两条是AB，AE。再考虑从B点出发的另一条红色线段，它不应是BE，否则就有一个三边同为红色的三角形。不妨设其为BD。再考虑从D点出发的另一条红色线段，它不应是DE，否则从C引出的两条红色线段就要与另一条红色线段围成一个红色三角形，故它是DC。最后一条红色线段显然是CE。这样就得到了一个红色的“圈”：

A→B→D→C→E→A。
同理，五条蓝线也构成一个“圈”。
6.证：将红点赋值为0，蓝点赋值为1。再将小方格四顶点上的数的和称为这个小方格的值。若恰有三顶点同色，则该小方格的值为奇数，否则为偶数。在计算所有n2个小方格之值的和时，除A，B，C，D只计算一次外，其余各点都被计算了两次或四次。因为A，B，C，D四个点上的数之和是偶数，所以n2个小方格之值的和是偶数，从而这n2个值中有偶数个奇数。
7.奇数。
解：先对所有的小三角形的边赋值：边的两端点同色，该线段赋值为0，边的两端点不同色，该线段赋值为1。
然后计算每个小三角形的三边赋值之和，有如下三种情况：
（1）三个顶点都不同色的三角形，赋值和为3；
（2）三个顶点中恰有两个顶点同色的三角形，赋值和为2；
（3）三个顶点同色的三角形，赋值和为0。
设所有三角形的边赋值总和为S，又设（1）（2）（3）三类小三角形的个数分别为a，b，c，于是有
S=3a+2b+0c=3a+2b。（*）
注意到在所有三角形的边赋值总和中，除了AB，BC，CA三条边外，都被计算了两次，故它们的赋值和是这些边赋值和的2倍，再加上△ABC的三边赋值和3，从而S是一个奇数，由（*）式知a是一个奇数，即三个顶点颜色都不同的三角形的个数是一个奇数。
8.EFFGY。
解：将A，B，C，D，E，F，G，X，Y，Z分别赋值为0，1，2，3，4，5，6，7，8，9，则
CYZGB=28961，_XEFDA=74530。
在28961与74530之间共有74530-28961-1=45568（个）数，词表中第45568个词是EFFGY。

在解数学题时，人们运用逻辑推理方法，一步一步地寻求必要条件，最后求得结论，是一种常用的方法。对于有些问题，若能根据其具体情况，合理地、巧妙地对某些元素赋值，特别是赋予确定的特殊值（如），往往能使问题获得简捷有效的解决。但是这仅仅只能得到该赋予的值的情况，所以做题时可以继续根据已得到的情况推断并证明。这就是赋值法。赋值法格式：令x(可替换为相应字母)=值（如0，1，－1等）

在他满足的范围内找一个值附上，便于计算，化繁为简

比如解x^4-7x-2=0你可以发现x=2是它的解。故（x-2）是他的一个因式。
再用大除法便可以降次化为3次方程，不懂hi我

给其中一个未知数一个确定的数值，以便验证计算正确和求出其他的未知数